ий і струм його колектора дорівнює нулю.
Проведемо розрахунок для комбінації В«1101В» у другій частині схеми (рис. 3)., тобто для випадку, коли на перший емітер VT4 подано низьке відповідне логічному нулю, а на другий висока напруга відповідне логічній одиниці .
U ВХ3 = 0,1 В
U ВХ24 > 3 В
Покажемо на схемі як будуть при цьому розподілятися струми і потенціали. Струм протікає через перехід Б-Е2 транзистора VT4. Напруга, згідно запропонованої моделі, одно 0,7 В. Отже потенціал бази транзистора VT4 (точка B) дорівнює
B = U 0 + U БЕ2 = 0,1 +0,7 = 0,8 В
Перехід база-емітер Б-Е1 знаходиться під зворотною напругою, так як потенціал бази нижче, ніж потенціал емітерів на величину 0,8-3 = -2,2 В. Тому через цей перехід протікає тільки зворотний струм. Струм в правій гілці буде відсутній, так як для того щоб він протікав у точці B потрібно потенціал рівний
БК4 + U БЕ5 = 0,6 +0,7 = 1,3 В
Отже транзистор VT5 буде закрито. Знаходимо струм I 3
3 = (EU B )/R 3 = (5-0,8)/8.10 3 = 0,000525 = 0,525 мА
При цьому через резистор R4 протікає тільки вхідний струм логічного елемента навантаження, рівний за умовою I 3 = 0,04 мА. Тоді напруга ни виході буде дорівнює
вих = EI 3 В· R 3 = 5-0,04 В· 10 -3 В· 800 = 4,96 В
Отримане напруга U вих близько до напруги харчування і відповідає рівню логічної одиниці.
Проведемо розрахунок для комбінації вхідних сигналів В«0110В», тобто згідно з прийнятими значеннями U вх2 < i align = "justify"> = U вх3 = U 1 > 3В, а U ...
